Description

N个布丁摆成一行,进行M次操作.每次将某个颜色的布丁全部变成另一种颜色的,然后再询问当前一共有多少段颜色.

例如颜色分别为1,2,2,1的四个布丁一共有3段颜色.

Input

第一行给出N,M表示布丁的个数和好友的操作次数. 

第二行N个数A1,A2...An表示第i个布丁的颜色从第三行起有M行,

对于每个操作,

若第一个数字是1表示要对颜色进行改变，其后的两个整数X,Y表示将所有颜色为X的变为Y，X可能等于Y. 

若第一个数字为2表示要进行询问当前有多少段颜色，这时你应该输出一个整数. 0。

n,m<=1000000

Output

针对第二类操作即询问，依次输出当前有多少段颜色.

Sample Input

4 3

1 2 2 1

2

1 2 1

2

Sample Output

3

1

想了一个nm的线段树无果考虑乱搞

每次染色其实可以直接交换一下，让总数小的染成大的那个，然后记录一下实际颜色即可

在乱搞的过程中用链表进行优化，硬拆合并，效率感人

原来这就叫启发式合并

代码如下：

//MT_LI#include
      
       #include
       
        #include
        
         #include
         
          #include
          
           using namespace std;int n,m,ans;int v[1110000],a[1110000];int tot[1110000];int next[1110000],pre[1110000];int main(){    scanf("%d%d",&n,&m);    ans=0;    for(int i=1;i<=n;i++)    {        scanf("%d",&a[i]);        if(a[i]!=a[i-1])ans++;        next[i]=pre[a[i]];        pre[a[i]]=i;        tot[a[i]]++;v[a[i]]=a[i];    }    while(m--)    {        int op;        scanf("%d",&op);        if(op==1)        {            int x,y;            scanf("%d%d",&x,&y);            if(x==y)continue;            if(tot[v[x]]>tot[v[y]])swap(v[x],v[y]);            if(!pre[v[x]])continue;            int pos=0;            for(int i=pre[v[x]];i;i=next[i])            {                pos=i;                if(a[i+1]==v[y])ans--;                if(a[i-1]==v[y])ans--;            }            for(int i=pre[v[x]];i;i=next[i])a[i]=v[y];            next[pos]=pre[v[y]];pre[v[y]]=pre[v[x]];            pre[v[x]]=0;            tot[v[y]]+=tot[v[x]];tot[v[x]]=0;        }        else printf("%d\n",ans);    }    return 0;}